2022年最新强化训练沪教版七年级数学第二学期第十四章三角形专题测试试卷(无超纲带解析)

考试时间：90分钟；命题人：数学教研组

考生注意：

1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟 2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上

3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。

第I卷（选择题 30分）

一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）

1、小明把一副含有45°，30°角的直角三角板如图摆放其中∠C＝∠F＝90°，∠A＝45°，∠D＝30°，则∠a+∠β等于（ ）

A．180° B．210° C．360° D．270°

2、如图，将△OAB绕点O逆时针旋转80°得到△OCD，若∠A的度数为110°，∠D的度数为40°，则∠AOD的度数是（ ）

A．50° B．60° C．40° D．30°

3、如图，在ABC中，B40，C60°，AD平分BAC交BC于点D，在AB上截取AEAC，则

EDB的度数为（ ）

A．30°

B．20°

C．10°

D．15°

4、下列说法不正确的是（ ）

A．有两边对应相等的两个直角三角形全等； B．等边三角形的底角与顶角相等；

C．有一个角是45的直角三角形是等腰直角三角形；

D．如果点M与点N到直线l的距离相等，那么点M与点N关于直线l对称． 5、如图，AC＝BC，∠C＝α，DE⊥AC于E，FD⊥AB于D，则∠EDF等于（ ）．

A．α

B．90°－2α

1C．90°－α D．180°－2α 6、如图点A,B,C在同一条直线上，CBE,ADC都是等边三角形，AE,BD相交于点O，且分别与

CD,CE交于点M,N，连接M,N，有如下结论：①DCBACE；②AMDN；③△CMN为等边三

角形；④EOB60.其中正确的结论个数是（ ）

A．1个 B．2个 C．3个 D．4个

7、尺规作图：作AOB角等于已知角AOB．示意图如图所示，则说明AOBAOB的依据是（ ）

A．SSS

B．SAS

C．ASA

D．AAS 8、在下列长度的四根木棒中，能与3cm，9cm的两根木棒首尾顺次相接钉成一个三角形的是（ ） A．3cm

B．6cm

C．10cm

D．12cm

9、下列三角形与下图全等的三角形是（ ）

A． B． C．

D．

10、如图，ABC中，∠ACB＝90°，∠ABC＝40°．将ABC绕点B逆时针旋转得到ABC，使点C的对应点C恰好落在边AB上，则BAA的度数是（ ）

A．50° B．70° C．110° D．120°

第Ⅱ卷（非选择题 70分）

二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）

1、如图，在Rt△ABC中，C90，ADED，CDE72，则B的大小等于_______度．

2、如图，在边长为4，面积为43的等边ABC中，点D、E分别是BC、AB边的中点，点F是AD边上的动点，求BFEF的最小值___．

3、如图所示，将一个顶角∠B＝30°的等腰三角形ABC绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°），得到等腰三角形AB'C'，使得点B'，A，C在同一条直线上，则旋转角α＝_____度．

4、一个三角形的其中两个内角为88，32，则这个第三个内角的度数为______．

5、如图，AOB42，C为OB上的定点，P、Q分别为OA、OB上两个动点，当CPPQ的值最小时，OCP的度数为______．

三、解答题（10小题，每小题5分，共计50分）

1、如图，在ABC中，AD平分BAC，CEAD于点E．求证：ACEBECD．

2、已知：直线AB、CR被直线UV所截，直线UV交直线AB于点B，交直线CR于点D，∠ABU+∠CDV＝180°．

（1）如图1，求证：AB∥CD；

（2）如图2，BE∥DF，∠MEB＝∠ABE+5°，∠FDR＝35°，求∠MEB的度数；

（3）如图3，在（2）的条件下，点N在直线AB上，分别连接EN、ED，MG∥EN，连接ME，∠GME＝∠GEM，∠EBD＝2∠NEG，EB平分∠DEN，MH⊥UV于点H，若∠EDC＝∠CDB，求∠GMH的度数．

17

3、如图，ABC是等边三角形，DE∥BC，分别交AB，AC于点D，E．

（1）求证：ADE是等边三角形；

（2）点F在线段DE上，点G在ABC外，BFCG，ABFACG，求证：AFFG． 4、如图1，点O是线段AD的中点，分别以AO和DO为边在线段AD的同侧作等边三角形OAB和等边三角形OCD，连接AC和BD，相交于点E，连接BC． （1）求证DOB≌AOC；

（2）求∠CEB的大小；

（3）如图2，OAB固定不动，保持△OCD的形状和大小不变，将OCD绕点O旋转（OAB和OCD不能重叠），求∠CEB的大小．

5、已知：如图，在△ABC中，AB＝3，AC＝5． （1）直接写出BC的取值范围是 ．

（2）若点D是BC边上的一点，∠BAC＝85°，∠ADC＝140°，∠BAD＝∠B，求∠C．

6、阅读下面材料：活动1利用折纸作角平分线

①画图：在透明纸片上画出PQR（如图1-①）；②折纸：让PQR的两边QP与QR重合，得到折痕

QH（如图1-②）；③获得结论：展开纸片，QH就是PQR的平分线（如图1-③）．

活动2利用折纸求角

如图2，纸片上的长方形ABCD，直线EF与边AB，CD分别相交于点E，F．将AEF对折，点A落在直线EF上的点A处，折痕EN与AD的交点为N；将BEF对折，点B落在直线EF上的点B处，折痕EM与BC的交点为M．这时NEM的度数可知，而且图中存在互余或者互补的角．

解答问题：（1）求NEM的度数；

（2）①图2中，用数字所表示的角，哪些与AEN互为余角？ ②写出AEN的一个补角．

解：（1）利用活动1可知，EN是AEA的平分线，EM是BEB的平分线，所以

11AEN ，BEM ．由题意可知，AEB是平角．所以

22NEMAENBEM1（∠ ＋∠ ）＝ °． 2（2）①图2中，用数字所表示的角，所有与AEN互余的角是： ； ②AEN的一个补角是 ．

7、已知，如图，AB＝AD，∠B＝∠D，∠1＝∠2＝60°．

（1）求证：△ADE≌△ABC； （2）求证：AE＝CE．

8、如图，ADCAEB，ADAE，求证：OBOC．

9、数学课上，王老师布置如下任务：

如图，已知∠MAN＜45°，点B是射线AM上的一个定点，在射线AN上求作点C，使∠ACB＝2∠A． 下面是小路设计的尺规作图过程．

作法：①作线段AB的垂直平分线l，直线l交射线AN于点D；

②以点B为圆心，BD长为半径作弧，交射线AN于另一点C，则点C即为所求．

根据小路设计的尺规作图过程，

（1）使用直尺和圆规，补全图形；(保留作图痕迹) （2）完成下面的证明： 证明：连接BD，BC，

∵直线l为线段AB的垂直平分线，

∴DA＝ ，( )（填推理的依据） ∴∠A＝∠ABD，

∴∠BDC＝∠A＋∠ABD＝2∠A．

∵BC＝BD，

∴∠ACB＝∠ ，( )（填推理的依据） ∴∠ACB＝2∠A．

10、如图，Rt△ACB中，∠ACB＝90°，AC＝BC，E点为射线CB上一动点，连结AE，作AF⊥AE且AF＝AE．

（1）如图1，过F点作FD⊥AC交AC于D点，求证：FD＝BC；

（2）如图2，连结BF交AC于G点，若AG＝3，CG＝1，求证：E点为BC中点． （3）当E点在射线CB上，连结BF与直线AC交子G点，若BC＝4，BE＝3，则写出结果）

AG ．（直接CG

-参-

一、单选题 1、B 【分析】

已知C90，得到2390，根据外角性质，得到1D，4F，再将两式相加，等量代换，即可得解； 【详解】 解：如图所示，

∵C90， ∴2390，

∵1D，4F， ∴1D4F， ∵12，34，

∴1D4F2D3F， ∵D30，F90，

∴2D3F233090210； 故选D． 【点睛】

本题主要考查了三角形外角定理的应用，准确分析计算是解题的关键． 2、A 【分析】

根据旋转的性质求解BODCOD18011040AOC80,CA110,再利用三角形的内角和定理求解

30,再利用角的和差关系可得答案.

【详解】

解： 将△OAB绕点O逆时针旋转80°得到△OCD， BODAOC80,

∠A的度数为110°，∠D的度数为40°，

CA110,COD1803050,

1104030,

AOD80故选A 【点睛】

本题考查的是三角形的内角和定理的应用，旋转的性质，掌握“旋转前后的对应角相等”是解本题的关键. 3、B 【分析】

利用已知条件证明△ADE≌△ADC（SAS），得到∠DEA＝∠C，根据外角的性质可求EDB的度数． 【详解】

解：∵AD是∠BAC的平分线， ∴∠EAD＝∠CAD 在△ADE和△ADC中，

AEACEADCAD， ADAD∴△ADE≌△ADC（SAS）， ∴∠DEA＝∠C60，

∵B40，∠DEA＝∠B +EDB， ∴EDB604020； 故选：B 【点睛】

本题考查了全等三角形的性质与判定，解决本题的关键是证明△ADE≌△ADC．

4、D 【分析】

利用全等三角形的判定、等边三角形的判定及轴对称的性质分别判断后即可确定不正确的选项． 【详解】

解：A、有两边对应相等的两个直角三角形全等，正确；

B、等边三角形的三个内角都是60°，所以等边三角形的底角与顶角相等，正确； C、有一个角是45的直角三角形是等腰直角三角形，正确；

D、当点M与点N在直线l的同侧时，点M与点N关于直线l不对称，错误， 故选：D． 【点睛】

本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解全等三角形的判定、等边三角形的判定及轴对称的性质等知识，属于基础定理，难度不大． 5、B 【分析】

AC＝BC，∠C＝α，DE⊥AC于E，FD⊥AB于D，有BAEDF90ADE，即可求得角度．

180，ADE90A，2【详解】

解：由题意知：BA180，ADF90 2ADE90A90180 22EDF90ADE902

故选B．

【点睛】

本题考查了等腰三角形的性质，几何图形中角度的计算．解题的关键在于确定各角度之间的数量关系． 6、D 【分析】

由SAS即可证明DCBACE，则①正确；有∠CAE=∠CDB，然后证明△ACM≌△DCN，则②正确；由

CM=CN，∠MCN=60°，即可得到CMN为等边三角形，则③正确；由AD∥CE，则

∠DAO=∠NEO=∠CBN，由外角的性质EOBOACCBN60，即可得到答案． 【详解】

解：∵△DAC和△EBC均是等边三角形， ∴AC=CD，BC=CE，∠ACD=∠BCE=60°，

∴∠ACD+∠DCE=∠BCE+∠DCE，即∠ACE=∠BCD，∠MCN=180°-∠ACD-∠BCE=60°， 在△ACE和△DCB中，

ACCDACEBCD， BCCE

∴△ACE≌△DCB（SAS），则①正确； ∴AE=BD，∠CAE=∠CDB， 在ACM和△DCN中，

ACMDCNACCD， CAMCDN∴△ACM≌△DCN（ASA）， ∴CM=CN，AMDN；则②正确； ∵∠MCN=60°，

∴CMN为等边三角形；则③正确； ∵∠DAC=∠ECB=60°， ∴AD∥CE，

∴∠DAO=∠NEO=∠CBN，

∴EOBOACCBNOACDAO60；则④正确； ∴正确的结论由4个； 故选D． 【点睛】

本题考查了等边三角形的性质与判定，全等三角形的判定与性质，平行线的性质与判定，综合性较强，但难度不是很大，准确识图找出全等三角形是解题的关键． 7、A 【分析】

利用基本作图得到OD＝OC＝OD′＝OC′，CD＝C′D′，则根据全等三角形的判定方法可根据“SSS”可判断△OCD≌△O′C′D′，然后根据全等三角形的性质得到∠A′OB′＝∠AOB． 【详解】

解：由作法可得OD＝OC＝OD′＝OC′，CD＝C′D′， 所以根据“SSS”可判断△OCD≌△O′C′D′， 所以∠A′OB′＝∠AOB．

故选：A． 【点睛】

本题考查了作图﹣基本作图和全等三角形的判定与性质，解题关键是熟练掌握基本作图和全等三角形的判定定理． 8、C 【分析】

设第三根木棒的长度为xcm，再确定三角形第三边的范围，再逐一分析各选项即可得到答案. 【详解】

解：设第三根木棒的长度为xcm，则

93x93,

6x12,

所以A，B，D不符合题意，C符合题意， 故选C 【点睛】

本题考查的是三角形的三边的关系，掌握“利用三角形的三边关系确定第三边的范围”是解本题的关键. 9、C 【分析】

根据已知的三角形求第三个内角的度数，由全等三角形的判定定理即可得出答案． 【详解】

由题可知，第三个内角的度数为180514980， A.只有两边，故不能判断三角形全等，故此选项错误； B.两边夹的角度数不相等，故两三角形不全等，故此选项错误；

C.两边相等且夹角相等，故能判断两三角形全等，故此选项正确； D. 两边夹的角度数不相等，故两三角形不全等，故此选项错误． 故选：C． 【点睛】

本题考查全等三角形的判定，掌握全等三角形的判定定理是解题的关键． 10、B 【分析】

根据旋转可得ABAABC40，ABAB，得BAA70． 【详解】

解：ACB90，ABC40，

CAB90ABC904050，

将ABC绕点B逆时针旋转得到△ABC，使点C的对应点C恰好落在边AB上，

ABAABC40，ABAB，

1BAABAA(18040)70．

2故选：B． 【点睛】

本题考查了旋转的性质，等腰三角形的性质，三角形内角和定理，解决本题的关键是掌握旋转的性质． 二、填空题 1、54 【分析】

先根据等腰三角形的性质得出AAED，再根据三角形外角的性质得出AAEDCDE求出

A的度数，最后根据三角形内角和求出B的度数即可.

【详解】 解：

ADED，

AAED，

AAEDCDE72，

A36，

C90，ABC180，

B180AC54，

故答案为：54 【点睛】

此题考查了等腰三角形的性质、三角形内角和定理和外角的性质，掌握相应的性质和定理是解答此题的关键. 2、23 【分析】

连接CE，交AD于点F，连接BF，则BFEF的最小值为CE，再由已知求出CE的长即可． 【详解】

解：连接CE，交AD于点F，连接BF，

ABC是等边三角形，D是BC边中点，

B点与C点关于AD对称，

BFCF，

BFEFCFEFCE， BFEF的最小值为CE，

E是AB的中点， CEAB，

AB4，ABC的面积为43，

CE23，

BFEF的最小值为23，

故答案为：23． 【点睛】

本题考查了等边三角形的性质，将军饮马河原理，熟练掌握等边三角形的性质，灵活运用将军饮马河原理是解题的关键． 3、105 【分析】

利用等腰三角形的性质求出∠BAC，可得结论． 【详解】

解：∵BC＝BA，∠B＝30°，

∴∠C＝∠BAC＝2（180°﹣30°）＝75°， ∴旋转角α＝180°﹣∠BAC＝105°， 故答案为：105． 【点睛】

1本题考查了等腰三角形性质以及旋转的角度问题，解题的关键是理解旋转角就是对应线段的夹角． 4、60° 【分析】

依题意，利用三角形内角和为：180，即可； 【详解】

由题得：一个三角形的内角和为：180；又已知两个其中的内角为：88，32； ∴ 第三个角为：180883260； 故填：60 【点睛】

本题主要考查三角形的内角和，关键在于熟练并运用基本的计算； 5、6° 【分析】

作点C关于直线OA的对称点C，连接CC，交OA于点D，过点C作CMOB，交OA于点N，根据CPPQCPPQCQ，且当CQBO时最小，所以当CPPQ的值最小时，当点P与点N重合，点Q与点M重合时，此时OCP等于OCN，进而根据直角三角形的两锐角互余，以及角度的和差关系求得OCN即可 【详解】

解：如图，作点C关于直线OA的对称点C，连接CC，交OA于点D，过点C作CMOB，交OA于点N，

CPCP，

CPPQCPPQCQ，且当CQBO时最小，

所以当CPPQ的值最小时，当点P与点N重合，点Q与点M重合时，此时OCP等于OCN，

CCOA

又AOB42

DCNCND90,AOCONM90,ONMCNA CCMAOB42

DCO90AOC48

根据对称性可得NCDDCD42 NCODCMDCM48426

当CPPQ的值最小时，OCP的度数为6

故答案为：6 【点睛】

本题考查了根据轴对称求最短线段和，垂线段最短，直角三角形的，根据题意作出图形是解题的关键． 三、解答题 1、证明见解析. 【分析】

延长CE交AB于F，求出∠AEC＝∠AEF，∠FAE＝∠CAE，根据ASA证△FAE≌△CAE，推出∠ACE＝∠AFC，根据三角形外角性质得出∠AFC＝∠B＋∠ECD，代入即可． 【详解】

证明：延长CE交AB于F，

∵CE⊥AD， ∴∠AEC＝∠AEF， ∵AD平分∠BAC， ∴∠FAE＝∠CAE， 在△FAE和△CAE中，

FAECAE∵AEAE ， AEFAEC∴△FAE≌△CAE（ASA）， ∴∠ACE＝∠AFC， ∵∠AFC＝∠B＋∠ECD， ∴∠ACE＝∠B＋∠ECD． 【点睛】

本题考查了全等三角形的性质和判定，三角形的外角性质等知识点，关键是作辅助线后求出∠AFC＝∠ACE．

2、（1）见详解；（2）∠MEB＝40°，（3）∠GMH=80° 【分析】

（1）根据等角的补角性质得出∠ABD=∠CDV，根据同位角相等两直线平行可得AB∥CD；

（2）根据AB∥CD；利用内错角相等得出∠ABD=∠RDB，根据BE∥DF，得出∠EBD=∠FDB，利用等量减

等量差相等得出∠ABE=∠FDR，根据∠FDR＝35°，可得∠ABE=∠FDR=35°即可； （3）设ME交AB于S，根据MG∥EN，得出∠NES=∠GMS=∠GES，设∠NES=y°,可得

∠NEG=∠NES+∠GES=2∠NES=2y°，根据∠EBD＝2∠NEG，得出∠EBD =4∠NES=4y°,根据∠EDC＝∠CDB，设∠EDC=x°，得出∠CDB=7x°，根据AB∥CD，得出∠GBE+∠EBD+∠CDB=180°，可得35+4y+7x=180根据三角形内角和∠BDE=∠BDC-∠EDC=7x-x=6x，∠BED=180°-∠EBD-∠EDB=180°-7x4y1454y°-6x°，利用EB平分∠DEN，得出y°+40°=180°-4y°-6x°，解方程组，解得

6x5y14017x15，可证ME∥UV，根据MH⊥UV，可求∠SMH=90°，∠SMG=∠NES=10°即可． y10【详解】

（1）证明：∵∠ABU+∠ABD=180°，∠ABU+∠CDV＝180°． ∴∠ABU=180°-∠ABD，∠CDV＝180°-∠ABU， ∴∠ABD=∠CDV， ∴AB∥CD；

（2）解：∵AB∥CD； ∴∠ABD=∠RDB，

∴∠ABE+∠EBD=∠FDB+∠FDR， ∵BE∥DF， ∴∠EBD=∠FDB， ∴∠ABE=∠FDR， ∵∠FDR＝35°， ∴∠ABE=∠FDR=35°，

∴∠MEB＝∠ABE+5°=35°+5°=40°， （3）解：设ME交AB于S，

∵MG∥EN，

∴∠NES=∠GMS=∠GES， 设∠NES=y°, ∵∠EBD＝2∠NEG ∴∠NEG=∠NES+∠GES=2∠NES=2y°， ∴∠EBD =4∠NES=4y°, ∵∠EDC＝∠CDB， 设∠EDC=x° ∴∠CDB=7x°， ∵AB∥CD，

∴∠ABD+∠CDB=180°，即∠GBE+∠EBD+∠CDB=180°， ∴35+4y+7x=180，

∵∠BDE=∠BDC-∠EDC=7x-x=6x，

∴∠BED=180°-∠EBD-∠EDB=180°-4y°-6x°， ∵EB平分∠DEN， ∴∠NEB=∠BED， ∵∠NEB=∠NES+∠SEB=y°+40°， ∴y°+40°=180°-4y°-6x°，

7x4y145∴， 6x5y14017x15解得，

y10∴∠EBD=4y°=40°=∠MEB， ∴ME∥UV， ∵MH⊥UV， ∴MH⊥ME， ∴∠SMH=90°，， ∵∠SMG=∠NES=10°，

∴∠GMH=90°-∠SMG=90°-10°=80°．

【点睛】

本题考查平行线判定与性质，三角形内角和，垂直性质，角平分线定义，角的倍分，二元一次方程组，掌握平行线判定与性质，三角形内角和，垂直性质，角平分线定义，角的倍分，二元一次方程组是解题关键．

3、（1）见详解；（2）见详解 【分析】

（1）由题意易得ABCACBBAC60，然后根据平行线的性质可得ADEAED60，进而问题可求证；

（2）连接AG，由题意易得AB=AC，然后可知△ABF≌△ACG，则有AF=AG，进而可得∠FAG=60°，最后问题可求证． 【详解】

证明：（1）∵ABC是等边三角形，

∴ABCACBBAC60， ∵DE∥BC，

∴ADEABC60,AEDACB60， ∴ADEAED60， ∴ADE是等边三角形； （2）连接AG，如图所示：

∵ABC是等边三角形， ∴BAC60，AB=AC， ∵BFCG，ABFACG， ∴△ABF≌△ACG（SAS）， ∴AFAG,BAFCAG， ∵BAFFACBAC60， ∴CAGFACFAG60， ∴AFG是等边三角形， ∴AFFG． 【点睛】

本题主要考查全等三角形及等边三角形的性质与判定，熟练掌握全等三角形及等边三角形的性质与判定是解题的关键．

4、（1）见详解；（2）120°；（2）120°． 【分析】

（1）如图1，根据等边三角形的性质得到OD=OC=OA=OB，∠COD=∠AOB=60°，则利用根据“SAS”判断△AOC≌△BOD；

（2）利用△AOC≌△BOD得到∠CAO=∠DBO，然后根据三角形内角和可得到∠AEB=∠AOB=60°，即可求出答案；

（3）如图2，与（1）的方法一样可证明△AOC≌△BOD；则∠CAO=∠DBO，然后根据三角形内角和可求出∠AEB=∠AOB=60°，即可得到答案． 【详解】

（1）证明：如图1，

∵△ODC和△OAB都是等边三角形， ∴OD=OC=OA=OB，∠COD=∠AOB=60°， ∴∠BOD=∠AOC=120°， 在△AOC和△BOD中

OCODAOCBOD OAOB∴△AOC≌△BOD；

（2）解：∵△AOC≌△BOD， ∴∠CAO=∠DBO， ∵∠1=∠2，

∴∠AEB=∠AOB=60°， ∴CEB120； （3）解：如图2，

∵△ODC和△OAB都是等边三角形， ∴OD=OC=OA=OB，∠COD=∠AOB=60°，

∴∠AOB+∠BOC=∠COD+∠BOC，即∠AOC=∠BOD， 在△AOC和△BOD中

OCODAOCBOD OAOB∴△AOC≌△BOD； ∴∠CAO=∠DBO， ∵∠1=∠2，

∴∠AEB=∠AOB=60°， ∴CEB120；

即∠CEB的大小不变． 【点睛】

本题考查了几何变换综合题：熟练掌握旋转的性质、等边三角形的性质和全等三角形的判定与性质；利用类比的方法解决（3）小题． 5、（1）2＜BC＜8；（2）25° 【分析】

（1）根据三角形三边关系解答即可；

（2）根据三角形外角性质和三角形内角和解答即可． 【详解】

解：（1）∵AC-AB＜BC＜AC+AB，AB＝3，AC＝5． ∴2＜BC＜8， 故答案为：2＜BC＜8 （2）∵∠ADC是△ABD的外角 ∴∠ADC＝∠B+∠BAD＝140 ∵∠B＝∠BAD ∴∠B＝14070 ∵∠B+∠BAC+∠C＝180 ∴∠C＝180﹣∠B﹣∠BAC 即∠C＝180﹣70﹣85＝25 【点睛】

本题考查了三角形第三边的取值范围，三角形内角和定理和三角形外角的性质，能根据三角形的外角的性质求出∠B的度数是解此题的关键．

6、（1）AEA，BEB，AEA，BEB，90；（2）①∠1、∠2；②∠CME或∠NEB．

12【分析】

111BEBAEABEB18090 222【详解】 解：（1）∵折叠

∴EN是AEA的平分线，EM是BEB的平分线，

11∴∠NEA=∠NEA′=AEA，∠BEM=∠B′EM=BEB，

22∵AEB是平角．

1111∴∠NEM=∠NEA′+∠B′EM==AEA+BEBAEABEB18090，

2222故答案为：AEA，BEB，AEA，BEB，90；

（2）①∵∠1=∠2，∠A′EN=∠3，∠NEM=90°， ∴∠A′EN+∠1=∠NEM=90°， ∴AEN互为余角为∠1和∠2， 故答案为：∠1、∠2；

②∵∠A′EN=∠3，∠3+∠NEB=180°， ∴∠A′EN的补角为∠NEB． ∵∠B=90°， ∴∠2+∠EMB=90°， ∴∠3=∠EMB， ∵∠CME+∠EMB=180°， ∴∠3+∠CME=180°， ∴∠A′EN的补角为∠CME， ∴∠A′EN的补角为∠CME或∠NEB． 故答案为∠CME或∠NEB． 【点睛】

本题考查折叠性质，平角，角平分线，余角性质，补角性质，掌握折叠性质，平角，角平分线，余角性质，补角性质是解题关键． 7、（1）见解析；（2）见解析 【分析】

（1）根据∠1＝∠2可推出∠DAE=∠BAC，然后结合全等三角形的判定定理进行证明；

（2）由全等三角形的性质可得AE＝AC，结合∠2＝60°可推出△AEC为等边三角形，据此证明． 【详解】

（1）证明：∵∠1＝∠2 ∴∠1+BAE＝∠2+BAE 即∠DAE=∠BAC 在△ADE和△ABC中

DAEBAC ADABDB ∴△ADE≌△ABC（ASA） （2）证明：∵△ADE≌△ABC ∴AE＝AC 又∵∠2＝60° ∴△AEC为等边三角形 ∴AE＝CE 【点睛】

此题考查了全等三角形的性质和判定，等边三角形的性质和判定，解题的关键是熟练掌握全等三角形的性质和判定方法，等边三角形的性质和判定方法． 8、证明过程见解析 【分析】

先证明AEBADC，得到DBEC，BC，再证明△DOB△EOC，即可得解； 【详解】

由题可得，在△AEB和ADC中，

AAAEAD， AEBADC∴AEBADC， ∴ABAC，BC， 又∵ADAE， ∴DBEC，

在DOB和△EOC中，

BCDOBEOC， DBEC∴△DOB△EOC， ∴OBOC． 【点睛】

本题主要考查了全等三角形的判定与性质，准确分析证明是解题的关键．

9、（1）见解析；（2）DB；线段垂直平分线上的点到线段两端的距离相等；BDC； 等边对等角． 【分析】

（1）根据题目中的小路的尺规作图过程，直接作图即可． （2）根据垂直平分线的性质以及等边对等角进行解答即可． 【详解】

解：(1) 根据题目中的小路的设计步骤，补全的图形如图所示；

(2)解：证明：连接BD，BC， ∵直线l为线段AB的垂直平分线，

∴DA＝ DB ，(线段垂直平分线上的点到线段两端的距离相等)（填推理的依据） ∴∠A＝∠ABD，

∴∠BDC＝∠A＋∠ABD＝2∠A．

∵BC＝BD，

∴∠ACB＝∠BDC ，(等边对等角)（填推理的依据） ∴∠ACB＝2∠A． 【点睛】

本题主要是考查了尺规作图能力以及垂直平分线和等边对等角的性质，熟练掌握垂直平分线和等边对等角的性质，是解决该题的关键．

10、（1）证明见解析；（2）证明见解析；（3）【分析】

（1）证明△AFD≌△EAC，根据全等三角形的性质得到DF=AC，等量代换证明结论； （2）作FD⊥AC于D，证明△FDG≌△BCG，得到DG=CG，求出CE，CB的长，得到答案；

（3）过F作FD⊥AG的延长线交于点D，根据全等三角形的性质得到CG=GD，AD=CE=7，代入计算即可． 【详解】

（1）证明：∵FD⊥AC， ∴∠FDA=90°， ∴∠DFA+∠DAF=90°， 同理，∠CAE+∠DAF=90°， ∴∠DFA=∠CAE， 在△AFD和△EAC中，

AFD＝EACADF＝ECA， AF＝AE115或 33∴△AFD≌△EAC（AAS），

∴DF=AC，

∵AC=BC，

∴FD=BC；

（2）作FD⊥AC于D，

由（1）得，FD=AC=BC，AD=CE， 在△FDG和△BCG中，

FDG＝BCG＝90， FGD＝BGCFD＝BC∴△FDG≌△BCG（AAS）， ∴DG=CG=1， ∴AD=2，

∴CE=2，

∵BC=AC=AG+CG=4， ∴E点为BC中点；

（3）当点E在CB的延长线上时，过F作FD⊥AG的延长线交于点D，

BC=AC=4，CE=CB+BE=7，

由（1）（2）知：△ADF≌△ECA，△GDF≌△GCB， ∴CG=GD，AD=CE=7， ∴CG=DG=1.5， ∴AG=CG+AC=5.5， ∴

AG5.511， CG1.53同理，当点E在线段BC上时，AG= AC -CG+=2.5， ∴

AG2.55， CG1.53115或． 33故答案为：【点睛】

本题考查的是全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键．