2021-2022学年最新沪教版七年级数学第二学期第十四章三角形专题测试试题(含答案及详细解析)

考试时间：90分钟；命题人：数学教研组

考生注意：

1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟 2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上

3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。

第I卷（选择题 30分）

一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）

1、如图，∠A＝α，∠DBC＝3∠DBA，∠DCB＝3∠DCA，则∠BDC的大小为（ ）

3A．a45

42B．a60

33C．a45

42D．a60

32、三根小木棒摆成一个三角形，其中两根木棒的长度分别是8cm和5cm，那么第三根小木棒的长度不可能是（ ） A．5cm

B．8cm

C．10cm

D．13cm

3、已知三角形的两边长分别为2cm和3cm，则第三边长可能是（ ） A．6cm

B．5cm

C．3cm

D．1cm

4、如图，△ABC中，∠ABC与∠ACB的平分线交于点F，过点F作DE∥BC交AB于点D，交AC于点

E，那么下列结论：①△BDF是等腰三角形；②DE＝BD+CE；③若∠A＝50°，则∠BFC＝115°；④DF＝EF．其中正确的有（ ）

A．1个 B．2个 C．3个 D．4个

5、如图，△ABC≌△DEC，点E在线段AB上，B75，则ACD的度数为（ ）

A．20° B．25° C．30° D．40°

6、如图，AB＝AC，点D、E分别在AB、AC上，补充一个条件后，仍不能判定△ABE≌△ACD的是（ ）

A．∠B＝∠C B．AD＝AE C．BE＝CD D．∠AEB＝∠ADC 7、已知三条线段的长分别是4，4，m，若它们能构成三角形，则整数m的最大值是（ ） A．10

B．8

C．7

D．4

8、下列说法不正确的是（ ）

A．有两边对应相等的两个直角三角形全等； B．等边三角形的底角与顶角相等；

C．有一个角是45的直角三角形是等腰直角三角形；

D．如果点M与点N到直线l的距离相等，那么点M与点N关于直线l对称．

9、如图，在ABC中，BD、CD分别平分ABC、ACB，过点D作直线平行于BC，分别交AB、AC于点E、F，当A大小变化时，线段EF和BECF的大小关系是( )

A．EFBECF B．EFBECF C．EFBECF D．不能确定

10、一个三角形三个内角的度数分别是x，y，z．若|xy|(xyz)20，则这个三角形是（ ） A．等腰三角形

B．等边三角形

C．等腰直角三角形 D．不存在

第Ⅱ卷（非选择题 70分）

二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）

1、如图，将ABC绕点A顺时针旋转090得到ADE，点B的对应点D恰好落在边BC上，则ADE_______．（用含的式子表示）

2、如图，在△ABC 和△DBC，BA=BD中，请你添加一个条件使得△ABC ≌△DBC，这个条件可以是________（写出一个即可）．

3、如图，方格纸中是9个完全相同的正方形，则∠1+∠2的值为 _____．

4、如图，ABCADC，AB∥CD，BE平分ABC交AD于点E，连接CE，AF交CD的延长线于点

F，BCDAEBDAF180，若ECD3F，BEC80，则CED的度数为______．

5、如图，AE∥CF，ACF的平分线交AE于点B，G是CF上的一点，GBE的平分线交CF于点D，且BDBC，下列结论：

①BC平分ABG； ②AC∥BG；

③与DBE互余的角有2个； ④若A，则BDF1808．

其中正确的是________．（请把正确结论的序号都填上） 三、解答题（10小题，每小题5分，共计50分）

1、如图所示，四边形ABCD的对角线AC、BD相交于点O，已知OABOBA，CBADAB．求证：

（1）ABC≌BAD； （2）OCOD．

2、如图是由边长为1的小等边三角形构成的网格，每个小等边三角形的顶点为格点，线段AB的端点都在格点上．要求以AB为边画一个等腰ABC，且使得点C为格点．请在下面的网格图中画出3种不同的等腰ABC．

3、如图，将一副直角三角板的直角顶点C叠放在一起．

（1）如图（1），若∠DCE＝33°，则∠BCD＝ ，∠ACB＝ ． （2）如图（1），猜想∠ACB与∠DCE的大小有何特殊关系？并说明理由．

（3）如图（2），若是两个同样的直角三角板60°锐角的顶点A重合在一起，则∠DAB与∠CAE的数量关系为 ．

4、如图，在ABC中，AD平分BAC，CEAD于点E．求证：ACEBECD．

5、已知：如图，在ABC中，AB＝AC，点D、E分别在边BC，AC上，AD＝AE． （1）若∠BAD＝30°，则∠EDC＝ °；若∠EDC＝20°，则∠BAD＝ °． （2）设∠BAD＝x，∠EDC＝y，写出y与x之间的关系式，并给出证明．

6、如图，点D在AB上，点E在AC上，ABAC，∠B=∠C．求证：AD=AE．

7、阅读以下材料，并按要求完成相应的任务：

从正方形的一个顶点引出夹角为45的两条射线，并连接它们与该顶点的两对边的交点构成的基本平面几何模型称为半角模型．半角模型可证出多个几何结论，例如： 如下图1，在正方形ABCD中，以A为顶点的EAF45，AE、AF与BC、CD边分别交于E、F两点．易证得EFBEFD． 大致证明思路：如图2，将ADF绕点A顺时针旋转90，得到ABH，由HBE180可得H、B、E三点共线，HAEEAF45，进而可证明AEH≌AEF，故EFBEDF． 任务：

如图3，在四边形ABCD中，ABAD，BD90，BAD120，以A为顶点的EAF60，

AE、AF与BC、CD边分别交于E、F两点．请参照阅读材料中的解题方法，你认为结论

EFBEDF是否依然成立，若成立，请写出证明过程；若不成立，请说明理由．

8、阅读下面材料：活动1利用折纸作角平分线

①画图：在透明纸片上画出PQR（如图1-①）；②折纸：让PQR的两边QP与QR重合，得到折痕

QH（如图1-②）；③获得结论：展开纸片，QH就是PQR的平分线（如图1-③）．

活动2利用折纸求角

如图2，纸片上的长方形ABCD，直线EF与边AB，CD分别相交于点E，F．将AEF对折，点A落在直线EF上的点A处，折痕EN与AD的交点为N；将BEF对折，点B落在直线EF上的点B处，折痕EM与BC的交点为M．这时NEM的度数可知，而且图中存在互余或者互补的角． 解答问题：（1）求NEM的度数；

（2）①图2中，用数字所表示的角，哪些与AEN互为余角？ ②写出AEN的一个补角．

解：（1）利用活动1可知，EN是AEA的平分线，EM是BEB的平分线，所以

11AEN ，BEM ．由题意可知，AEB是平角．所以

22NEMAENBEM1（∠ ＋∠ ）＝ °． 2（2）①图2中，用数字所表示的角，所有与AEN互余的角是： ； ②AEN的一个补角是 ．

9、如图，已知△ABC≌△DEB，点E在AB上，AC与BD交于点F，AB＝6，BC＝3，∠C＝55°，∠D＝25°．

（1）求AE的长度； （2）求∠AED的度数．

10、如图，AD是ABC的中线，分别过点C、B作AD及其延长线的垂线，垂足分别为F、E．

（1）求证：△CFD△BED；

（2）若ACF的面积为8，△CFD的面积为6，求△ABE的面积．

-参-

一、单选题 1、A 【分析】

根据题意设ABD,ACD，根据三角形内角和公式定理，进而表示出，进而根据三角形内角和定理根据BDC1803即可求解 【详解】

解：∵∠A＝α，∠DBC＝3∠DBA，∠DCB＝3∠DCA，设ABD,ACD， ∴DBC3,DCB3

AABCACB180

即44180

454

BDC1803180345345 44故选A 【点睛】

本题考查了三角形内角和定理，掌握三角形内角和定理是解题的关键． 2、D 【分析】

设第三根木棒长为x厘米，根据三角形的三边关系可得8﹣5＜x＜8+5，确定x的范围即可得到答案． 【详解】

解：设第三根木棒长为x厘米，由题意得： 8﹣5＜x＜8+5，即3＜x＜13， 故选：D． 【点睛】

此题主要考查了三角形的三边关系，要注意三角形形成的条件：任意两边之和＞第三边，任意两边之差＜第三边． 3、C 【分析】

根据在三角形中任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边．即可求解． 【详解】

解：设第三边长为xcm，根据三角形的三边关系可得： 3-2＜x＜3+2， 解得：1＜x＜5， 只有C选项在范围内． 故选：C． 【点睛】

本题考查了三角形的三边关系，关键是掌握第三边的范围是：大于已知的两边的差，而小于两边的和． 4、C 【分析】

根据平行线的性质和角平分线的定义以及等腰三角形的判定和性质逐个判定即可解答． 【详解】

解：∵BF是∠AB的角平分线， ∴∠DBF＝∠CBF， ∵DE∥BC， ∴∠DFB＝∠CBF， ∴∠DBF＝∠DFB， ∴BD＝DF，

∴△BDF是等腰三角形；故①正确； 同理，EF＝CE，

∴DE＝DF+EF＝BD+CE，故②正确； ∵∠A＝50°，

∴∠ABC+∠ACB＝130°，

∵BF平分∠ABC，CF平分∠ACB，

11∴FBCABC,FCBACB，

22∴∠FBC+∠FCB＝2（∠ABC+∠ACB）＝65°， ∴∠BFC＝180°﹣65°＝115°，故③正确； 当△ABC为等腰三角形时，DF＝EF， 但△ABC不一定是等腰三角形， ∴DF不一定等于EF，故④错误． 故选：C． 【点睛】

本题主要考查等腰三角形的性质、角平分线的定义及平行线的性质等知识点，根据两直线平行、内错角相等以及等角对等边来判定等腰三角形是解答本题的关键． 5、C 【分析】

根据全等三角形的性质可证得BC=CE，∠ACB=∠DCE即∠ACD=∠BCE，根据等腰三角形的性质和三角形的内角和定理求解∠B=∠BEC和∠BCE即可． 【详解】

解：∵△ABC≌△DEC， ∴BC=CE，∠ACB=∠DCE， ∴∠B=∠BEC，∠ACD=∠BCE， ∵B75，

∴∠ACD=∠BCE=180°－2×75°=30°， 故选：C．

1【点睛】

本题考查全等三角形的性质、等腰三角形的性质、三角形的内角和定理，熟练掌握全等三角形的性质和等腰三角形的性质是解答的关键． 6、C 【分析】

根据全等三角形的判定定理进行判断即可． 【详解】

解：根据题意可知：AB＝AC，AA，

若BC，则根据(ASA)可以证明△ABE≌△ACD，故A不符合题意； 若AD＝AE，则根据(SAS)可以证明△ABE≌△ACD，故B不符合题意； 若BE＝CD，则根据(SSA)不可以证明△ABE≌△ACD，故C符合题意； 若∠AEB＝∠ADC，则根据(AAS)可以证明△ABE≌△ACD，故D不符合题意； 故选：C． 【点睛】

本题考查了全等三角形的判定，熟练掌握全等三角形的判定定理是解本题的关键． 7、C 【分析】

根据三角形三边关系列出不等式，根据不等式的解集求整数m的最大值． 【详解】

解：条线段的长分别是4，4，m，若它们能构成三角形，则 44m44，即0m8

又m为整数，则整数m的最大值是7 故选C

【点睛】

本题考查了求不等式的整数解，三角形三边关系，根据三角形的三边关系列出不等式是解题的关键． 8、D 【分析】

利用全等三角形的判定、等边三角形的判定及轴对称的性质分别判断后即可确定不正确的选项． 【详解】

解：A、有两边对应相等的两个直角三角形全等，正确；

B、等边三角形的三个内角都是60°，所以等边三角形的底角与顶角相等，正确； C、有一个角是45的直角三角形是等腰直角三角形，正确；

D、当点M与点N在直线l的同侧时，点M与点N关于直线l不对称，错误， 故选：D． 【点睛】

本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解全等三角形的判定、等边三角形的判定及轴对称的性质等知识，属于基础定理，难度不大． 9、C 【分析】

由平行线的性质和角平分线的定义可得EBDEDB，则EDBE，同理可得DFFC，则EFBECF，可得答案．

【详解】 解：EF//BC，

EDBDBC，

BD平分ABC， EBDDBC，

EDBEBD，

EDBE，

同理DFFC，

EDDFBEFC，

即EFBECF． 故选：C 【点睛】

本题主要考查了等腰三角形的判定，平行线的性质，角平分线的定义，熟练掌握等腰三角形的判定定理，平行线的性质定理，角平分线的定义是解题的关键． 10、C 【分析】

根据绝对值及平方的非负性可得xy，xyz，再由三角形内角和定理将两个式子代入求解可得x45，2x90，即可确定三角形的形状．

【详解】

解：xyxyz0， ∴xy0且xyz0， ∴xy，xyz， ∴z2x， ∵xyz180， ∴xx2x180， 解得：x45，2x90， ∴三角形为等腰直角三角形， 故选：C．

2【点睛】

题目主要考查绝对值及平方的非负性，三角形内角和定理，等腰三角形的判定等，理解题意，列出式子求解是解题关键． 二、填空题 1、

180 2【分析】

由旋转的性质可得∠DAB=，AD=AB，ADE∠B，进而即可求解． 【详解】

解：∵将ABC绕点A顺时针旋转090得到ADE， ∴∠DAB=，AD=AB，ADE∠B， ∵∠B=

180， 2180， 2180． 2∴ADE故答案是：【点睛】

本题考查了旋转的性质，等腰三角形的性质，掌握旋转的性质是本题的关键． 2、CACD（答案不唯一） 【分析】

由已知有BA=BD，BC边公共，由三角形全等的判定定理，可以添加这两边的夹角相等或第三边相等，均可使得△ABC ≌△DBC． 【详解】

添加CA=CD，则由边边边的判定定理即可得△ABC ≌△DBC 故答案为：CA=CD（答案不唯一） 【点睛】

本题考查了全等三角形的判定，熟悉全等三角形的几个判定定理是解题的关键． 3、90 【分析】

如图（见解析），先根据三角形全等的判定定理证出ABCADE，再根据全等三角形的性质可得

23，由此即可得出答案．

【详解】

ACAE解：如图，在ABC和ADE中，AA，

ABADABCADE(SAS)，

23，

121390，

故答案为：90．

【点睛】

本题考查了三角形全等的判定定理与性质等知识点，正确找出两个全等三角形是解题关键． 4、80° 【分析】

先根据AB∥CD，ABCADC，得出ADCBCDABCBCD180，可证AD∥BC，再证∠BAD=∠BCD，得出∠AEB=∠F，然后证∠ABC=2∠CBE=2∠F，得出∠ADC=2∠F，利用三角形内角和得出∠CED=180°-∠EDC-∠ECD=180°-2∠F-3∠F=180°-5∠F，根据平角得出∠AEB+∠CED=180°-∠BEC=180°-80°=100°，列方程∠F+180°-5∠F=100°求出∠F=20°即可． 【详解】

解：∵AB∥CD， ∴∠ABC+∠BCD=180°， ∵ABCADC

∴ADCBCDABCBCD180， ∴AD∥BC， ∵AB∥CD，

∴∠BAD+∠ADC=180°，∠BAF+∠F=180°， ∵∠ADC+∠BCD=180°， ∴∠BAD=∠BCD，

∵BCDAEBDAF180， ∴BADAEBDAF180， ∵∠BAF=∠BAD+∠DAF， ∴∠BAF+∠AEB=180°， ∴∠AEB=∠F， ∵AD∥BC， ∴∠CBE=∠AEB， ∵BE平分ABC， ∴∠ABC=2∠CBE=2∠F，

∴∠ADC=2∠F， ∵ECD3F，

在△CED中，∠CED=180°-∠EDC-∠ECD=180°-2∠F-3∠F=180°-5∠F， ∵BEC80，

∴∠AEB+∠CED=180°-∠BEC=180°-80°=100°， ∴∠F+180°-5∠F=100°， 解得∠F=20°，

∴CED18052018010080， 故答案为80°． 【点睛】

本题考查平行线的判定与性质，三角形内角和，角平分线定义，平角，解一元一次方程，掌握平行线的判定与性质，三角形内角和，角平分线定义，平角，解一元一次方程，关键是证出∠ADC=2∠F． 5、①② 【分析】

由BD⊥BC及BD平分∠GBE，可判断①正确；由CB平分∠ACF、AE∥CF及①的结论可判断②正确；由前两个的结论可对③作出判断；由AE∥CF及AC∥BG、三角形外角的性质可求得∠BDF，从而可对④作出判断． 【详解】 ∵BD平分∠GBE ∴∠EBD=∠GBD=2∠GBE ∵BD⊥BC ∴∠GBD+∠GBC=∠CBD=90° ∴∠DBE+∠ABC=90°

1∴∠GBC=∠ABC ∴BC平分∠ABG 故①正确 ∵CB平分∠ACF ∴∠ACB=∠GCB ∵AE∥CF ∴∠ABC=∠GCB ∴∠ACB=∠GCB=∠ABC=∠GBC ∴AC∥BG 故②正确

∵∠DBE+∠ABC=90°，∠ACB=∠GCB=∠ABC=∠GBC ∴与∠DBE互余的角共有4个 故③错误 ∵AC∥BG，∠A=α ∴∠GBE=α ∴GBD ∵AE∥CF ∴∠BGD=180°－∠GBE=180°−α ∴∠BDF=∠GBD+∠BGD=+180180故④错误

即正确的结论有①②

12122

故答案为：①② 【点睛】

本题考查了平行线的判定与性质，互余概念，垂直的定义，角平分线的性质等知识，掌握这些知识并正确运用是关键． 三、解答题 1、

（1）证明见解析； （2）证明见解析． 【分析】

（1）根据全等三角形的判定定理可直接证明；

（2）根据（1）中结论可得ACBD，再由等角对等边得出OAOB，运用等式的性质进行计算即可证明． （1）

解：在ABC与BAD中，

CABDBA， ABBACBADAB∴ABCBAD； （2）

由（1）可得：ABCBAD， ∴ACBD， ∵OABOBA， ∴OAOB，

∴ACOABDOB，

即OCOD． 【点睛】

题目主要考查全等三角形的判定和性质，等角对等边的性质，理解题意，综合运用这些知识点是解题关键． 2、答案见解析 【分析】

AB为4个等边三角形组成的平行四边形的对角线，因此只要找到另一腰也4个等边三角形组成的平

行四边形的对角线即可 【详解】 解：如图，

……

[答案不唯一] 【点睛】

本题考查等腰三角形的绘图，掌握等边三角形和等腰三角形性质即可．

3、（1）57°，147°；（2）∠ACB＝180°－∠DCE，理由见解析；（3）∠DAB+∠CAE＝120° 【分析】

（1）根据角的和差定义计算即可． （2）利用角的和差定义计算即可．

（3）利用特殊三角板的性质，角的和差定义即可解决问题． 【详解】

解：（1）由题意，

BCD903357；

ACB9057147；

故答案为：57°，147°． （2）∠ACB＝180°－∠DCE， 理由如下：

∵ ∠ACE＝90°－∠DCE，∠BCD＝90°－∠DCE， ∴ ∠ACB＝∠ACE＋∠DCE＋∠BCD ＝90°－∠DCE＋∠DCE＋90°－∠DCE ＝180°－∠DCE．

（3）结论：∠DAB+∠CAE=120°． 理由如下：

∵∠DAB+∠CAE=∠DAE+∠CAE+∠BAC+∠CAE=∠DAC+∠EAB， 又∵∠DAC=∠EAB=60°，

∴∠DAB+∠CAE=60°+60°=120°． 故答案为：∠DAB+∠CAE=120°． 【点睛】

本题考查三角形的内角和定理，角的和差定义等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型． 4、证明见解析. 【分析】

延长CE交AB于F，求出∠AEC＝∠AEF，∠FAE＝∠CAE，根据ASA证△FAE≌△CAE，推出∠ACE＝∠AFC，根据三角形外角性质得出∠AFC＝∠B＋∠ECD，代入即可．

【详解】

证明：延长CE交AB于F，

∵CE⊥AD， ∴∠AEC＝∠AEF， ∵AD平分∠BAC， ∴∠FAE＝∠CAE， 在△FAE和△CAE中，

FAECAE∵AEAE ， AEFAEC∴△FAE≌△CAE（ASA）， ∴∠ACE＝∠AFC， ∵∠AFC＝∠B＋∠ECD， ∴∠ACE＝∠B＋∠ECD． 【点睛】

本题考查了全等三角形的性质和判定，三角形的外角性质等知识点，关键是作辅助线后求出∠AFC＝∠ACE．

5、（1）15，40；（2）y＝2x，见解析

1【分析】

（1）设∠EDC＝m，则∠B＝∠C＝n，根据∠ADE＝∠AED＝m+n，∠ADC＝∠B+∠BAD即可列出方程，从而求解．

（2）设∠BAD＝x，∠EDC＝y，根据等腰三角形的性质可得∠B＝∠C，∠ADE＝∠AED＝∠C+∠EDC＝∠B+y，由∠ADC＝∠B+∠BAD＝∠ADE+∠EDC即可得∠B+x＝∠B+y+y，从而求解． 【详解】

解：（1）设∠EDC＝m，∠B＝∠C＝n， ∵∠AED＝∠EDC+∠C＝m+n， 又∵AD＝AE，

∴∠ADE＝∠AED＝m+n， 则∠ADC＝∠ADE+∠EDC＝2m+n， 又∵∠ADC＝∠B+∠BAD， ∴∠BAD＝2m，

∴2m+n＝n+30，解得m＝15°， ∴∠EDC的度数是15°；

若∠EDC＝20°，则∠BAD＝2m＝2×20°＝40°． 故答案是：15；40；

（2）y与x之间的关系式为y＝2x， 证明：设∠BAD＝x，∠EDC＝y， ∵AB＝AC，AD＝AE， ∴∠B＝∠C，∠ADE＝∠AED， ∵∠AED＝∠C+∠EDC＝∠B+y， ∴∠ADC＝∠B+∠BAD＝∠ADE+∠EDC，

1∴∠B+x＝∠B+y+y， ∴2y＝x， ∴y＝2x． 【点睛】

本题主要考查了等腰三角形的性质、三角形外角的性质以及一元一次方程的应用，灵活运用等腰三角形的性质成为解答本题的关键． 6、见解析 【分析】

根据已知条件和公共角AA，直接根据角边角证明△ABE≌ACD，进而即可证明AD=AE 【详解】

在△ABE与ADC中， A=AABAC B=C1∴△ABE≌ACD． ∴AD=AE． 【点睛】

本题考查了全等三角形的性质与判定，掌握全等三角形的性质与判定是解题的关键． 7、成立，证明见解析 【分析】

根据阅读材料将△ADF旋转120°再证全等即可求得EF= BE+DF ． 【详解】 解：成立．

证明：将ADF绕点A顺时针旋转120，得到ABM，

ABM≌ADF，ABMD90，MABFAD，AMAF，MB=DF，

MBEABMABE180，M、B、E三点共线， MAEMABBAEFADBAEBADEAF60．

AMAF，MAEFAE，AEAE，

MAE≌FAE(SAS)，

EFMEMBBEDFBE．

【点睛】

本题考查旋转中的三角形全等，读懂材料并运用所学的全等知识是本题关键． 8、（1）AEA，BEB，AEA，BEB，90；（2）①∠1、∠2；②∠CME或∠NEB． 【分析】

111BEBAEABEB18090 222【详解】 解：（1）∵折叠

∴EN是AEA的平分线，EM是BEB的平分线，

11∴∠NEA=∠NEA′=AEA，∠BEM=∠B′EM=BEB，

22∵AEB是平角．

1111∴∠NEM=∠NEA′+∠B′EM==AEA+BEBAEABEB18090，

2222故答案为：AEA，BEB，AEA，BEB，90；

（2）①∵∠1=∠2，∠A′EN=∠3，∠NEM=90°， ∴∠A′EN+∠1=∠NEM=90°， ∴AEN互为余角为∠1和∠2， 故答案为：∠1、∠2；

②∵∠A′EN=∠3，∠3+∠NEB=180°， ∴∠A′EN的补角为∠NEB． ∵∠B=90°， ∴∠2+∠EMB=90°， ∴∠3=∠EMB， ∵∠CME+∠EMB=180°， ∴∠3+∠CME=180°， ∴∠A′EN的补角为∠CME， ∴∠A′EN的补角为∠CME或∠NEB． 故答案为∠CME或∠NEB．

【点睛】

本题考查折叠性质，平角，角平分线，余角性质，补角性质，掌握折叠性质，平角，角平分线，余角性质，补角性质是解题关键． 9、（1）AE3；（2）AED80． 【分析】

（1）先根据全等三角形的性质可得BEBC3，再根据线段的和差即可得；

（2）先根据全等三角形的性质可得DBEC55，再根据三角形的外角性质即可得． 【详解】

解：（1）∵ABCDEB,BC3， ∴BEBC3， ∵AB6，

∴AEABBE633； （2）∵△ABC△DEB， ∴DBEC55， ∵D25，

∴AEDDBED552580． 【点睛】

本题考查全等三角形的性质等知识点，熟练掌握全等三角形的对应角和对应边相等是解题关键． 10、 （1）见解析

（2）△ABE的面积为20． 【分析】

（1）根据已知条件得到ECFD、BDCD，然后利用全等三角形的判定，进行证明即可．

（2）分别根据ACF和△CFD的面积，用CF表示AF、DF，通过△CFD△BED，得到BECF，

DEDF，用CF表示出AE的长，最后利用面积公式求解即可．

（1）

（1）解：由题意可知：ECFD90

AD是ABC的中线 BDCD

在CFD与BED中

CFDECDFBDE CDBDCFD≌BED(AAS)．

（2） 解：

ACF的面积为8，△CFD的面积为6．

161AFCF8，即AF

CF2121 DFCF6，即DF

CF2由（1）可知：CFD≌BED

BECF，DEDF12 CF40 CFAEAFDFDESABE1AEBE20． 2【点睛】

本题主要是考查了全等三角形的判定和性质，熟练根据条件证明三角形全等，利用其性质，证明对应边相等，这是解决本题的关键．