2021年中考物理压轴题——选择(学生版+解析版)

2021年中考物理选择压轴题（学生版）

一．力学部分

1．（2019•上海）甲、乙两车从相距20米的A、B两点同时相向做匀速直线运动，两车的s﹣t图象分别如图（a）、（b）所示，速度分别为v甲、v乙．经过时间t后，两车相距10米。则（ ）

A．v甲＜v乙，t一定为10秒 C．v甲＝v乙，t可能为10秒

B．v甲＜v乙，t可能为30秒 D．v甲＝v乙，t可能为30秒

2．（2019•朝阳）下列有关声现象的叙述正确的是（ ） A．摩托车安装消声器，是在传播途径中控制噪声 B．能够分辨出不同乐器的声音，主要是因为它们的音调不同 C．利用B超检查身体，说明声音可以传递能量 D．手机铃声是通过空气传到人耳的

3．（2019•东营）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ） A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变小了 B．同种物质的状态发生变化，质量和密度均不变 C．水从0℃升高到4℃的过程中，密度逐渐变小 D．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半

4．（2019•邵阳）俗话说“鸡蛋碰石头﹣﹣自不量力”，从物理学角度看（ ） A．石头对鸡蛋的作用力更大

B．先有石头对鸡蛋的作用力

C．鸡蛋对石头的没有作用力 D．石头和鸡蛋间同时有等大的相互作用力 5．（2019•连云港）下列关于运动和力的说法正确的是（ ） A．物体不受力时，一定保持静止状态

B．牛顿第一定律是通过实验直接总结出来的 C．运动的物体具有惯性，静止的物体没有惯性 D．静止在地面上的“歼﹣20”战机，受平衡力的作用

6．（2019•赤峰）如图所示，一个木箱放在水平地面上，小明同学用5N的水平推力向右推木箱，但未推动。下列二力平衡的是（ ）

A．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向上的支持力 B．地面对木箱向左的摩擦力、人对木箱向右的推力 C．人对木箱向右的推力、地面对木箱向上的支持力 D．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向左的摩擦力

7．（2019•滨州）在“探究影响压力作用效果的因素”实验时，某同学做了如图所示的实验，下列说法正确的是（ ）

A．通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这种实验方法叫类比法

B．探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了控制变量法 C．蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸吮血液，利用了甲、乙的实验结论

D．交通管理部门通过限载来控制货车对路面压强的大小，利用了乙、丙的实验结论

8．（2019•十堰）如图所示是a、b两种物质质量和体积的关系图象。若用质量相等的a、b两种物质分别制成甲、乙两个底面积不同、高度相同的实心圆柱体，将它们放在水平地面上。则甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比为（ ）

A．1：1

B．1：2

C．3：2

D．3：1

9．（2019•鄂尔多斯）如图A、B体积相同，B、C质量相等，将他们放入水中静止后，A漂浮，B悬浮，C沉底。下列说法，正确的是（ ） A．A所受浮力可能大于B所受浮力 B．C所受浮力一定小于A所受浮力

C．B物体所受浮力一定是最大的

D．A下表面所受压力可能大于B下表面所受的压力

10．（2019•常州）水平台面上有两个同规格烧杯，分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时如图所示，甲、乙液面刚好相平，此时，设A物体受到的浮力为F浮A，甲液体对烧杯底部的压强为p甲；B物体受到的浮力为F浮B，乙液体对烧杯底部的压强为p乙，则（ ）

A．F浮A＝F浮B，p甲＞p乙 C．F浮A＜F浮B，p甲＞p乙

B．F浮A＝F浮B，p甲＜p乙 D．F浮A＜F浮B，p甲＜p乙

11．（2019•黑龙江）如图所示，力对物体做功的是（ ）

A．用力搬石头，搬而末动 B．提着桶在水平路面上前进

C．用力将鸡蛋举高 D．手举杠铃静止不动

12．（2019•安徽）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO＝OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，下列判断正确的是（ ）

A．小球的动能不断增加

B．弹簧的弹性势能不断减少

C．小球运动到O点时的动能与此时弹簧的弹性势能相等 D．在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变

13．（2019•日照）如图所示，甲、乙分别为同一滑轮组的不同绕法，忽略绳重及一切阻力。用图甲绕法匀速提升重为900N的物体时，机械效率为90%．下列判断正确的是（ ）

A．拉力F1的大小为450N

B．用图乙绕法匀速提升400N重物时，机械效率为80% C．分别用两种绕法匀速提升相同重物时，图乙绕法机械效率大 D．分别用两种绕法匀速提升相同重物升高相同高度，F2做功少 二．热学部分

1．（2019•滨州）以下对中华古诗词中有关物态变化的分析，正确的是（ ） A．“天街小雨润如酥，草色遥看近却无。”雨的形成是汽化现象，需要放热 B．“桂魄初生秋露微，轻罗已薄未更衣。”露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“晨起开门雪满山，雪晴云淡日光寒。”雪的形成是熔化现象，需要吸热

2．（2019•常德）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ） A．水沸腾时放出大量的热 B．图甲是水沸腾时的现象

C．沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的 D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计 3．（2019•雅安）如图为某物质熔化时温度随加热时间变化的图象，下列说法中不正确的是（ ）

A．该物质是晶体，熔点为0℃ B．熔化过程持续了3min

C．该物质在B、C两点温度、内能都相等 D．该物质在AB段的比热容比在CD段小

4．（2019•怀化）下列有关分子热运动的说法不正确的是（ ） A．压紧的铅块能结合在一起。表明分子间有引力 B．墨水在热水中扩散的快，表明温度越高，分子运动越剧烈 C．固体很难被压缩，表明固体分子间只存在斥力 D．桂花飘香。表明分子在不停地做无规则运动

5．（2019•兰州）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ） A．热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体 B．0℃的冰水混合物内能为零

C．水的温度越高，所含热量越多

D．冰在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变

6．（2019•宁夏）2019年春节期间热映的《流浪地球》被誉为开启了中国科幻电影元年。这部电影讲述了多年以后太阳急速衰老膨胀，无法再给地球提供能量，人类为了拯救地球而点燃木星周围的可燃气体，逃离太阳系的故事。其中“点燃木星”将地球推开相当于内燃机的（ ） A．吸气冲程

B．压缩冲程

C．做功冲程

D．排气冲程

7．（2019•泰安）某载重汽车自重12t，车轮与地面的总接触面积为0.5m2，汽车以72km/h的速度在平直公路上匀速行驶时，柴油发动机的功率为210kW，每行驶43s消耗柴油700g，柴油的热值为4.3×107J/kg，g取10N/kg。下列说法中（ ） ①完全燃烧700g柴油放出的热量为3.01×109J ②该柴油发动机效率为30% ③汽车的牵引力为1.05×104N

④若公路所能承受的最大压强为8×105Pa，汽车最多能装载40t的货物 A．只有①②正确

B．只有③④正确

C．只有①③正确

D．只有②③正确

8．（2019•杭州）对于同一物态的某种物质，根据c＝A．比热容跟热量成正比

B．比热容跟质量成反比

得知（ ）

C．比热容跟温度变化成反比 D．吸收或放出的热量跟质量与温度变化的乘积之比是个恒量 三．光学部分

1．（2019•包头）与“立竿见影”现象原理相同的是（ ） A．平静湖边，倒影可见 C．林荫树下，光斑点点

B．山间小溪，清澈见底 D．雨过天晴，彩虹出现

2．（2019•大连）下列现象中，由光的反射形成的是（ ） A．透过水面看到水中的“鱼” B．灯光下看到地上的“人影”

C．用凸透镜看到放大的“字” D．在化妆镜中看到的“自己”

3．（2019•杭州）太阳光穿过地球大气层时会发生折射，如果没有这层大气，会出现（ ） A．日出会提前，日落会延迟

B．日出和日落都会提前

C．日出会延迟，日落会提前 D．日出和日落都会延迟

4．（2019•杭州）关于近视和远视的成因如图所示，下列说法正确的是（ ）

A．甲为近视眼，可佩戴凹透镜矫正 B．乙为近视眼，可佩戴凸透镜矫正 C．甲为远视眼，可佩戴凸透镜矫正 D．乙为远视眼，可佩戴凹透镜矫正

5．（2019•滨州）在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所示的图象，根据图象可知（ ）

A．该凸透镜的焦距f＝20cm

B．当物距u＝30cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律 C．当物距u＝8cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律

D．若把物体从距凸透镜30cm处向距凸透镜15cm处移动过程中，所成的像会逐渐变小 6．（2019•百色）在探究“凸透镜成像规律”的实验中，将点燃的蜡烛放在距凸透镜32cm处，在透镜另一侧距透镜18cm处的光屏上得到烛焰清晰的像，则（ ） A．光屏上所成的是倒立、放大的实像 B．该透镜的焦距f小于9cm

C．将点燃的蜡烛移至距透镜9cm处，不能观察到烛焰放大的虚像 D．透镜位置不变，蜡烛和光屏位置互换，光屏上也得到烛焰清晰的像

四．电学部分

1．（2019•百色）如图所示是小明在练习测量电流时连接的电路，电路的连接存在错误，下列操作及说法正确的是（ ） A．撤掉导线a，电流表测量的是电路的总电流

B．撤掉导线a，电流表测量的是小灯泡L1的电流 C．撤掉导线b，电流表测量的是小灯泡L2的电流 D．撤掉导线c，电流表测量的是小灯泡L2的电流

2．（2019•吉林）有甲、乙两根镍铬合金丝，甲和乙等长，乙粗些，

把它们并联在同一电路中，它们两端的电压分别为U甲和U乙，下列判断中正确的是（ ） A．U甲＝U乙

B．U甲＜U乙

C．U甲＞U乙

D．无法判断

3．（2019•呼伦贝尔）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由图示位置逐渐向b端移动的过程中（ ）

A．电压表V示数变小，电流表A1示数变大 B．电压表V示数不变，电流表A2示数变小 C．电压表V的示数与电流表A1示数的比值变小 D．电压表V的示数与电流表A2示数的比值不变

4．（2019•盘锦）在探究“电流与电阻关系”实验中，某同学根据实验数据作出如图所示的图象，下列说法正确的是（ ）

A．导体中的电流与导体的电阻成正比 B．电源至少选用两节新干电池

C．换用2Ω电阻做实验时，需要更换电压表量程 D．多次实验是为了求平均值，以减小实验误差

5．（2019•兰州）有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V 100W”和“220V 40W”的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（ ） A．两灯正常发光时，L1的电阻较大

B．两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2：5 C．两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W

D．两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W

6．（2019•桂林）如图所示的电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为4V（小灯泡电阻不随温度变化）。闭合开关Sl断开开关S2，在滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端的过程中，电压表示数变化范围是：2V﹣6V电流表示数变化范围是：0.4A﹣1.2A；闭合开关S2，断开开关S1，当滑动变阻器的滑片P在中点时小灯泡正常发光，则小灯泡的额定功率是（ ）

A．0.4W

B．0.8W

C．1.2W

D．1.6W

7．（2019•临沂）如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I﹣U图象。闭合开关S后，下列判断正确的是（ ）

A．滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡变暗 B．电流表示数为0.4A时，灯泡的电阻是25Ω

C．电压表示数为2.5V时，小灯泡的功率是1.25W D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是0.25W

8．（2019•重庆）具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开

关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（ ）

A．开关旋至“1”档，开启化霜功能

B．开启防雾功能，电路总电阻为5Ω

C．化霜与防雾电路的总功率之差为15W D．从防雾到除露，电路总电流变化1A

9．（2019•常德）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断。某同学用试电笔测试如图的A、B、C、D四处，发现A、C、D这三处都能使试电笔的氖管发光，而B处不发光。那么可以判定故障是（ ）

A．火线和零线短路 C．电线BD段某处断路

B．电线AC段某处断路 D．电灯L短路

10．（2019•恩施州）在家庭电路中，当空气开关跳闸，则可能的原因是（ ） ①插头中的两个线头相碰 ②开关中的两个线头相碰 ③电路中增加了大功率的用电器 ④户外输电线火线断了 A．①②

B．①③

C．②③

D．③④

11.（2019•呼伦贝尔）如图所示，在电磁铁上方用弹簧悬挂一根条形磁铁，闭合开关将变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，弹簧将（ ） A．先伸长后缩短 C．静止不动

B．逐渐伸长 D．逐渐缩短

12．（2019•常德）对下列各图的描述中，正确的是（ ）

A．甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动

B．乙图的实验表明磁可以生电

C．丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系 D．丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极

13．（2019•营口）如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（A． B．

C． D．

）

2021年中考物理选择压轴题（解析版）

一．力学部分

1．（2019•上海）甲、乙两车从相距20米的A、B两点同时相向做匀速直线运动，两车的s﹣t图象分别如图（a）、（b）所示，速度分别为v甲、v乙．经过时间t后，两车相距10米。则（ ）

A．v甲＜v乙，t一定为10秒 C．v甲＝v乙，t可能为10秒 【答案】B

【解析】（1）由图象可得： 甲的速度v甲＝

＝

＝0.4m/s；

B．v甲＜v乙，t可能为30秒 D．v甲＝v乙，t可能为30秒

乙的速度v乙＝故v乙＞v甲；

＝＝0.6m/s，

（2）因为是相向而行，所以有v甲t+v乙t＝20m﹣10m或v乙t+v甲t＝20m+10m， 代入数值可得：0.4m/s×t+0.6m/s×t＝20m﹣10m或0.6m/s×t+0.4m/s×t＝20m+10m， 解得t＝10s或t＝30s。

综上分析可知，选项ACD错误，B正确。选B。 2．（2019•朝阳）下列有关声现象的叙述正确的是（ ） A．摩托车安装消声器，是在传播途径中控制噪声 B．能够分辨出不同乐器的声音，主要是因为它们的音调不同 C．利用B超检查身体，说明声音可以传递能量 D．手机铃声是通过空气传到人耳的 【答案】D

【解析】A、摩托车安装消声器是为了在声源处减弱噪声，故A错误；

B、音色与发声体的结构和材料有关，不同的乐器的音色不同，可以根据音色分辨不同乐器，故B

错误；

C、利用B超检查人体疾病就是利用声音能够传递信息的，故C错误；

D、声音可以在空气中传播。我们听得到手机铃声是通过空气传到人耳的。故D正确。选D。 3．（2019•东营）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ） A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变小了 B．同种物质的状态发生变化，质量和密度均不变 C．水从0℃升高到4℃的过程中，密度逐渐变小 D．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半 【答案】D

【解析】A、从地球带到太空中的铅笔，只是位置发生了变化，组成铅笔的物质多少没有变化，所以质量不变，“悬浮”是因为铅笔处于失重状态，故A错误；

B、同种物质的状态发生变化，一般体积会发生变化，质量不变，由ρ＝可知，其密度会发生变化，故B错误；

C、水从0℃上升到4℃体积变小，由ρ＝可知，水的质量不变，体积减小，则密度增大，故C错误；

D、因为氧气瓶的容积不变，当瓶内氧气用去一半后，体积不变，质量减半，由ρ＝可知，瓶内氧气的密度变为原来的一半，故D正确。选D。

4．（2019•邵阳）俗话说“鸡蛋碰石头﹣﹣自不量力”，从物理学角度看（ ） A．石头对鸡蛋的作用力更大 B．先有石头对鸡蛋的作用力 C．鸡蛋对石头的没有作用力

D．石头和鸡蛋间同时有等大的相互作用力 【答案】D

【解析】石头对鸡蛋的作用力和鸡蛋对石头的作用力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故ABC错误，D正确。选D。

5．（2019•连云港）下列关于运动和力的说法正确的是（ ） A．物体不受力时，一定保持静止状态

B．牛顿第一定律是通过实验直接总结出来的 C．运动的物体具有惯性，静止的物体没有惯性 D．静止在地面上的“歼﹣20”战机，受平衡力的作用

【答案】D

【解析】A、物体不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；故A错误； B、牛顿第一定律是通过实验，加上科学的推理得出的；无法通过实验验证。故B错误； C、任何物体都具有惯性；即保持原运动状态不变的性质。故C错误；

D、物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。故静止在地面上的“歼﹣20”战机，受平衡力（重力和支持力）的作用；故D正确。选D。

6．（2019•赤峰）如图所示，一个木箱放在水平地面上，小明同学用5N的水平推力向右推木箱，但未推动。下列二力平衡的是（ ）

A．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向上的支持力 B．地面对木箱向左的摩擦力、人对木箱向右的推力 C．人对木箱向右的推力、地面对木箱向上的支持力 D．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向左的摩擦力 【答案】B

【解析】A．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向上的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故A错误；

B．地面对木箱向左的摩擦力、人对木箱向右的推力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；

C．人对木箱向右的推力、地面对木箱向上的支持力不是作用在同一条直线上，不是一对平衡力，故C错误；

D．木箱对地面向下的压力、地面对木箱向左的摩擦力不是作用在同一条直线上，不是一对平衡力，故D错误。选B。

7．（2019•滨州）在“探究影响压力作用效果的因素”实验时，某同学做了如图所示的实验，下列说法正确的是（ ）

A．通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这种实验方法叫类比法

B．探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了控制变量法

C．蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸吮血液，利用了甲、乙的实验结论

D．交通管理部门通过限载来控制货车对路面压强的大小，利用了乙、丙的实验结论 【答案】B

【解析】A、通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这种实验方法叫转换法，A错误； B、探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了控制变量法，B正确； CD、比较甲、乙的实验知，受力面积相同时，甲中压力较小，压力的作用效果不明显； 比较乙、丙的实验知，压力相同时，乙中受力面积越小，压力的作用效果较明显；

蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸吮血液，是通过减少受力面积来增大压强，故是利用乙丙实验实验结论，故C错误；

交通管理部门通过限载来控制货车对路面压强的大小，是通过减小压力来减小压强，利用了甲乙的实验结论，D错误。选B。

8．（2019•十堰）如图所示是a、b两种物质质量和体积的关系图象。若用质量相等的a、b两种物质分别制成甲、乙两个底面积不同、高度相同的实心圆柱体，将它们放在水平地面上。则甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比为（ ）

A．1：1 【答案】D

【解析】由图图象可知，当Va＝Vb＝10cm3时，ma＝30g，mb＝10g，

B．1：2

C．3：2

D．3：1

由ρ＝可得，a、b两种物质的密度之比：＝＝＝＝；

因实心圆柱体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，

所以，等高的实心圆柱体甲、乙对水平地面的压强之比：＝＝＝。选D。

9．（2019•鄂尔多斯）如图A、B体积相同，B、C质量相等，将他们放入水中静止后，A漂浮，B

悬浮，C沉底。下列说法，正确的是（ ）

A．A所受浮力可能大于B所受浮力 B．C所受浮力一定小于A所受浮力 C．B物体所受浮力一定是最大的

D．A下表面所受压力可能大于B下表面所受的压力 【答案】C

【解析】（1）由图可知，A漂浮，B悬浮，则V排A＜VA，V排B＝VB， 由于A与B体积相同，则：V排A＜V排B； 根据F浮＝ρgV排可知：F浮A＜F浮B；故A错误； （2）放入水中静止后，B悬浮，C沉底， 根据浮沉条件可知：F浮B＝GB，F浮C＜GC； 已知B、C质量相等，则：GB＝GC； 所以，F浮B＞F浮C，

由于F浮A＜F浮B；F浮B＞F浮C。

所以，B物体所受浮力一定是最大的，A、C的浮力大小关系无法比较，故B错误，C正确； （3）根据浮力产生原因可知： F浮A＝FA下﹣FA上，F浮B＝FB下﹣FB上， 由图可知：FA上＝0，FB上＞0， 所以，FA下＝F浮A，FB下＝F浮B+FB上， 由（1）中可知：F浮A＜F浮B；

则：FB下＞FA下，即B下表面所受的压力大，故D错误。选C。

10．（2019•常州）水平台面上有两个同规格烧杯，分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时如图所示，甲、乙液面刚好相平，此时，设A物体受到的浮力为F浮A，甲液体对烧杯底部的压强为p甲；B物体受到的浮力为F浮B，乙液体对烧杯底部的压强为p乙，则（ ）

A．F浮A＝F浮B，p甲＞p乙 C．F浮A＜F浮B，p甲＞p乙 【答案】A

B．F浮A＝F浮B，p甲＜p乙 D．F浮A＜F浮B，p甲＜p乙

【解析】（1）由图知，物体A、B在液体中都处于漂浮，则F浮A＝GA；F浮B＝GB； 而物体A、B是完全相同的物体，则重力相等，即GA＝GB， 所以，F浮A＝F浮B．故CD错误；

（2）由图知，A排开液体的体积小于B排开液体的体积，已知F浮A＝F浮B，根据F浮＝ρ液gV排可知，ρ甲＞ρ乙；

已知两液面等高，根据p＝ρ液gh可知，p甲＞p乙．故A正确，B错误。选A。 11．（2019•黑龙江）如图所示，力对物体做功的是（ ）

A．用力搬石头，搬而末动 B．提着桶在水平路面上前进

C．【答案】C

用力将鸡蛋举高 D．手举杠铃静止不动

【解析】A、用力搬石头，搬而末动，有力作用在石头上，石头在力的作用下没有通过距离，所以力对物体没有做功，故A不符合题意。

B、提着桶在水平路面上前进，人给水桶的力向上，水桶向上没有通过距离，所以力对物体没有做功，故B不符合题意。

C、用力将鸡蛋举高，人给鸡蛋的力向上，鸡蛋向上移动了距离，所以力对物体做功，故C符合题意。

D、手举杠铃静止不动，手给杠铃的力向上，杠铃没有移动距离，所以力对物体没有做功，故D不符合题意。选C。

12．（2019•安徽）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO＝OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，下列判断正确的是（ ）

A．小球的动能不断增加

B．弹簧的弹性势能不断减少

C．小球运动到O点时的动能与此时弹簧的弹性势能相等 D．在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变 【答案】D

【解析】由题知，O点是弹簧保持原长时小球的位置，则AO段弹簧处于压缩状态，OB段弹簧处于拉伸状态；

小球从A运动到O的过程中，弹簧逐渐恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小， 小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能；

到达O点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，此时速度最大，动能最大； 小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，

此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能； 则小球从A位置运动到B位置的过程中： A、小球的动能先增加后减少，故A错误； B、弹簧的弹性势能先减少后增大，故B错误；

C、小球运动到O点时的动能（最大）与此时弹簧的弹性势能（为零）不相等，故C错误； D、水平台面光滑，且AO＝OB，说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，所以在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，故D正确。选D。

13．（2019•日照）如图所示，甲、乙分别为同一滑轮组的不同绕法，忽略绳重及一切阻力。用图甲绕法匀速提升重为900N的物体时，机械效率为90%．下列判断正确的是（ ） A．拉力F1的大小为450N

B．用图乙绕法匀速提升400N重物时，机械效率为80% C．分别用两种绕法匀速提升相同重物时，图乙绕法机械效率大 D．分别用两种绕法匀速提升相同重物升高相同高度，F2做功少

【答案】B

【解析】A、忽略绳重及一切阻力，用图甲绕法匀速提升重为900N的物体时，机械效率为90%， 图甲中n＝2，由η＝

＝

＝

＝

可得拉力F1的大小：

F1＝＝＝500N，故A错误；

B、图甲中，根据F1＝（G+G动）可得动滑轮的重力： G动＝2F1﹣G＝2×500N﹣900N＝100N； 忽略绳重及一切阻力，滑轮组的机械效率η＝升400N重物时，其机械效率为： η′＝

＝

×100%＝80%，故B正确；

＝

＝

，则用图乙绕法匀速提

CD、分别用两种绕法匀速提升相同重物时，有用功相同，忽略绳重及一切阻力，克服动滑轮做的功是额外功，因同一滑轮组中动滑轮的重不变、提升高度相同，额外功相同，总功相同（即F1和F2做功相同），机械效率也相同，故CD错误；选B。 二．热学部分

1．（2019•滨州）以下对中华古诗词中有关物态变化的分析，正确的是（ ） A．“天街小雨润如酥，草色遥看近却无。”雨的形成是汽化现象，需要放热 B．“桂魄初生秋露微，轻罗已薄未更衣。”露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“晨起开门雪满山，雪晴云淡日光寒。”雪的形成是熔化现象，需要吸热 【答案】B

【解析】A、雨是水蒸气上升时遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A错误； B、露是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B正确；

C、霜是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故C错误； D、雪是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故D错误。选B。

2．（2019•常德）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（ ）

A．水沸腾时放出大量的热 B．图甲是水沸腾时的现象

C．沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的 D．他可以选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计 【答案】C

【解析】A、水沸腾时吸收热量，故A错误；

B、甲气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况，故B错误；

C、水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴，故C正确； D、在标准大气压下，水的沸点是100℃，选用量程为﹣80℃﹣60℃的酒精温度计是错误的，故D错误；选C。

3．（2019•雅安）如图为某物质熔化时温度随加热时间变化的图象，下列说法中不正确的是（ ）

A．该物质是晶体，熔点为0℃ B．熔化过程持续了3min

C．该物质在B、C两点温度、内能都相等 D．该物质在AB段的比热容比在CD段小 【答案】C

【解析】A、由图象可知，此物质在熔化过程中保持0℃不变，所以此物质是晶体，且熔点为0℃，故A正确；

B、此物质在1min开始熔化，到4min熔化结束，熔化过程持续了4min﹣1min＝3min，故B正确；

C、分析图象可知，BC段处于熔化过程，晶体在熔化过程中继续吸热，温度不变，但内能增大；所以该物质在B、C两点温度相同，但C点时的内能大于B点时的内能，故C错误。 D、物质在相同时间内吸收的热量相同，在AB段升高的温度为△t1， 在CD时间里升高的温度为△t 2，由图象可知，△t1＞△t 2，

由Q＝cm△t可知，当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容c就越小，所以这种物质AB段的比热容小于CD段的比热容，故D正确；选C。

4．（2019•怀化）下列有关分子热运动的说法不正确的是（ ） A．压紧的铅块能结合在一起。表明分子间有引力 B．墨水在热水中扩散的快，表明温度越高，分子运动越剧烈 C．固体很难被压缩，表明固体分子间只存在斥力 D．桂花飘香。表明分子在不停地做无规则运动 【答案】C

【解析】A、分子之间存在引力，所以压紧的铅块能结合在一起。故A正确；

B、墨水滴在热水中比在冷水中扩散得快，这是因为温度越高，分子运动越剧烈。故B正确； C、固体很难被压缩，表明固体分子间存在斥力；同时固体也难以被拉伸，说明分子之间存在引力。故C错误；

D、桂花飘香属于扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动。故D正确。选C。 5．（2019•兰州）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ） A．热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体 B．0℃的冰水混合物内能为零

C．水的温度越高，所含热量越多

D．冰在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变 【答案】A

【解析】A、发生热传递是因为物体间存在温度差，所以内能少的物体的温度可能比内能多的物体的温度高，所以内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体；故A正确； B、任何物体都有内能，0℃的冰水混合物内能不为零，故B错误； C、热量是一个过程量，不能用含有来表示，故C错误；

D、冰在熔化过程中吸收热量，内能变大，温度不变，故D错误。选A。

6．（2019•宁夏）2019年春节期间热映的《流浪地球》被誉为开启了中国科幻电影元年。这部电影讲述了多年以后太阳急速衰老膨胀，无法再给地球提供能量，人类为了拯救地球而点燃木星周围的可燃气体，逃离太阳系的故事。其中“点燃木星”将地球推开相当于内燃机的（ ）

A．吸气冲程 【答案】C

B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程

【解析】影片“流浪地球”中，人类为了拯救地球而点燃木星周围的可燃气体，将地球推开，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程。选C。

7．（2019•泰安）某载重汽车自重12t，车轮与地面的总接触面积为0.5m2，汽车以72km/h的速度在平直公路上匀速行驶时，柴油发动机的功率为210kW，每行驶43s消耗柴油700g，柴油的热值为4.3×107J/kg，g取10N/kg。下列说法中（ ） ①完全燃烧700g柴油放出的热量为3.01×109J ②该柴油发动机效率为30% ③汽车的牵引力为1.05×104N

④若公路所能承受的最大压强为8×105Pa，汽车最多能装载40t的货物 A．只有①②正确 【答案】D

【解析】①完全燃烧700g干木柴放出的热量：Q放＝m故①错误；

②柴油发动机做功：W＝Pt＝210×103W×43s＝9.03×106J，柴油发动机的效率：η＝

×100%

柴油

B．只有③④正确 C．只有①③正确 D．只有②③正确

q＝0.7kg×4.3×107J/kg＝3.01×107J，

＝×100%＝30%，故②正确；

③汽车速度：v＝72km/h＝72×m/s＝20m/s，由P＝＝＝Fv得，汽车的牵引力：F＝＝

＝1.05×104N，故③正确；

④由p＝得，公路所能承受的最大压力：F＝pS＝8×105Pa×0.5m2＝4×105N，汽车与货物的质

量之和：m总＝＝＝

＝4×104kg＝40t，汽车最多能装载货物质量：m＝m总﹣m车

＝40t﹣12t＝28t，故④错误。 综上，①④错误，②③正确。选D。

8．（2019•杭州）对于同一物态的某种物质，根据c＝A．比热容跟热量成正比 B．比热容跟质量成反比 C．比热容跟温度变化成反比

得知（ ）

D．吸收或放出的热量跟质量与温度变化的乘积之比是个恒量 【答案】D

【解析】比热容是物质的一种特性，是物质本身的固有的属性。与物质的种类有关、与物质的状态有关。对同一物态的某种物质而言，吸收或放出的热量跟质量与温度的变化的乘积之比是一衡量，即比热容。故A、B、C不正确，D正确。选D。 三．光学部分

1．（2019•包头）与“立竿见影”现象原理相同的是（ ） A．平静湖边，倒影可见 C．林荫树下，光斑点点 【答案】C

【解析】“立竿见影”是由于光的直线传播形成的。

A、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故A不符合题意； B、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故B不符合题意。

C、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。故C符合题意。

D、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故D不符合题意；选C。 2．（2019•大连）下列现象中，由光的反射形成的是（ ） A．透过水面看到水中的“鱼” B．灯光下看到地上的“人影” C．用凸透镜看到放大的“字” D．在化妆镜中看到的“自己” 【答案】D

【解析】A、透过水面看到水中的“鱼”是来自鱼的光线经过不同介质时发生折射形成的虚像，故A不符合题意，

B、由于光沿直线传播，灯光照到人身上时会形成影子，故B不符合题意，

C、用凸透镜看到放大的“字”，是光经过不同介质时发生折射形成的像，故C不符合题意。 D、化妆镜中看到“自己”利用的是光的反射，故D符合题意。选D。

3．（2019•杭州）太阳光穿过地球大气层时会发生折射，如果没有这层大气，会出现（ ） A．日出会提前，日落会延迟

B．日出和日落都会提前

B．山间小溪，清澈见底 D．雨过天晴，彩虹出现

C．日出会延迟，日落会提前 D．日出和日落都会延迟 【答案】C

【解析】由于大气层的存在太阳光会发生折射，我们会看到地平线以下的太阳，则有大气层时，

我们会早看到日出，晚看到日落；如果没有这层大气，则会晚看到日出，早看到日落，故C正确，ABD错误。选C。

4．（2019•杭州）关于近视和远视的成因如图所示，下列说法正确的是（ ）

A．甲为近视眼，可佩戴凹透镜矫正 B．乙为近视眼，可佩戴凸透镜矫正 C．甲为远视眼，可佩戴凸透镜矫正 D．乙为远视眼，可佩戴凹透镜矫正 【答案】A

【解析】图甲中的光线在视网膜前会聚，表示像成在视网膜的前方，因此表示的是近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜矫正；

图乙中的光线在视网膜后方会聚，表示像成在视网膜的后方，因此表示的是远视眼，远视眼应该佩戴凸透镜进行矫正；

由此可知，A正确，BCD错误。选A。

5．（2019•滨州）在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所示的图象，根据图象可知（ ）

A．该凸透镜的焦距f＝20cm

B．当物距u＝30cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律 C．当物距u＝8cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律

D．若把物体从距凸透镜30cm处向距凸透镜15cm处移动过程中，所成的像会逐渐变小 【答案】B

【解析】A、据凸透镜成像规律可知，当u＝v＝2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm。故A错误；

B、当物距u＝30cm时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机，故B正确；

C、当物距u＝8cm时，u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜，故C错误； D、物体从距凸透镜30cm处移动到15cm处的过程中，物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，故D错误。选B。

6．（2019•百色）在探究“凸透镜成像规律”的实验中，将点燃的蜡烛放在距凸透镜32cm处，在透镜另一侧距透镜18cm处的光屏上得到烛焰清晰的像，则（ ） A．光屏上所成的是倒立、放大的实像 B．该透镜的焦距f小于9cm

C．将点燃的蜡烛移至距透镜9cm处，不能观察到烛焰放大的虚像

D．透镜位置不变，蜡烛和光屏位置互换，光屏上也得到烛焰清晰的像 【答案】D

【解析】AB、蜡烛距离凸透镜32cm时，在透镜的另一侧18cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小实像；此时物体的位置在二倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，即32cm＞2f；2f＞18cm＞f，解得：9cm＜f＜16cm，故AB错误；

C、将点燃的蜡烛移至距透镜9cm处，u＜f，可以能观察到烛焰放大的虚像，故C错误； D、光的折射现象中光路可逆，所以保持凸透镜位置不变，将蜡烛与光屏位置互换，光屏上仍能得到清晰的像。故D正确。选D。 四．电学部分

1．（2019•百色）如图所示是小明在练习测量电流时连接的电路，电路的连接存在错误，下列操作及说法正确的是（ ）

A．撤掉导线a，电流表测量的是电路的总电流 B．撤掉导线a，电流表测量的是小灯泡L1的电流 C．撤掉导线b，电流表测量的是小灯泡L2的电流

D．撤掉导线c，电流表测量的是小灯泡L2的电流 【答案】D

【解析】AB、由图可知，撤掉导线a，灯L1和L2并联，电流表没有接入电路，故电流表测量的既不是总电流，也不是小灯泡L1的电流，故AB错误；

C、撤掉导线b，电流从电源正极出发分两支，一支经灯泡L1、一支经灯泡L2，然后共同经电流表回负极，即电流表测量的是电路的总电流，故C错误；

D、撤掉导线c，电流从电源正极出发经灯泡L2回负极，则电流表测量的是小灯泡L2的电流，故D正确。选D。

2．（2019•吉林）有甲、乙两根镍铬合金丝，甲和乙等长，乙粗些，把它们并联在同一电路中，它们两端的电压分别为U甲和U乙，下列判断中正确的是（ ） A．U甲＝U乙 【答案】A

【解析】由题知，两根镍铬合金丝并联在同一电路中，由并联电路的电压特点可知，它们两端电压U甲＝U乙。选A。

3．（2019•呼伦贝尔）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由图示位置逐渐向b端移动的过程中（ ）

B．U甲＜U乙

C．U甲＞U乙

D．无法判断

A．电压表V示数变小，电流表A1示数变大 B．电压表V示数不变，电流表A2示数变小

C．电压表V的示数与电流表A1示数的比值变小 D．电压表V的示数与电流表A2示数的比值不变 【答案】D

【解析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。 因电源的电压保持不变，

所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误； 因并联电路中各支路工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过R1支路的电流不变，即电流表A2的示数不变，故B错误；

则电压表V的示数与电流表A2示数的比值不变，故D正确；

将滑动变阻器的滑片P由图示位置逐渐向b端移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大， 由I＝可知，通过R2的电流变小， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，

则电压表V的示数与电流表A1示数的比值变大，故C错误。选D。

4．（2019•盘锦）在探究“电流与电阻关系”实验中，某同学根据实验数据作出如图所示的图象，下列说法正确的是（ ）

A．导体中的电流与导体的电阻成正比 B．电源至少选用两节新干电池

C．换用2Ω电阻做实验时，需要更换电压表量程 D．多次实验是为了求平均值，以减小实验误差 【答案】B

【解析】A、电流与电阻在反比，A错误； B、由图知，这个不变的电压为：

U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；电源至少选用两节新干电池（3V），B正确；

C、换用2Ω电阻做实验时，控制电阻的电压不变，故不需要更换电压表量程，C错误； D、多次实验是为了得出普遍性的规律，D错误。选B。

5．（2019•兰州）有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V 100W”和“220V 40W”的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（ ） A．两灯正常发光时，L1的电阻较大

B．两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2：5 C．两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W

D．两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W 【答案】C

【解析】（1）由P＝UI＝可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：

R1＝＝＝484Ω，R2＝＝＝1210Ω，

则R1＜R2，即L1的电阻较小，故A错误；

（2）两灯并联接入220V的电路，它们两端的电压等于220V，均能正常发光， 则L1、L2消耗功率之比P1：P2＝100W：40W＝5：2，故B错误； （3）两灯串联接入220V的电路时， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中的电流I＝L1消耗的功率P1′＝I2R1＝（

＝

＝

A，

A）2×484Ω≈8.2W＜25W，故C正确；

A≈28.6W＜40W，故D错误。选C。

两灯泡消耗总功率P＝UI＝220V×

6．（2019•桂林）如图所示的电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为4V（小灯泡电阻不随温度变化）。闭合开关Sl断开开关S2，在滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端的过程中，电压表示数变化范围是：2V﹣6V电流表示数变化范围是：0.4A﹣1.2A；闭合开关S2，断开开关S1，当滑动变阻器的滑片P在中点时小灯泡正常发光，则小灯泡的额定功率是（ ）

A．0.4W 【答案】D

【解析】（1）由图知，闭合开关Sl断开开关S2，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。

当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，此时电路电流最小，为I小＝0.4A，

因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以此时R2两端电压最小，为U2小＝2V， 因为I＝，

B．0.8W

C．1.2W

D．1.6W

所以R2＝＝＝5Ω；

设电源电压为U，则U＝I小（R1+R2），

即U＝0.4A（R1+5Ω）﹣﹣①；

当滑片在b端，滑动变阻器短路，电路只有R2，此时电压表示数最大，也就是电源电压， 所以U＝U最大＝6V﹣﹣②

①②结合，得6V＝0.4A（R1+5Ω）， 解得R1＝10Ω；

（2）闭合开关S2，断开开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联。

当滑动变阻器的滑片P在中点时，已知小灯泡正常发光，所以小灯泡两端电压为U额＝4V， 所以滑动变阻器两端电压为U中＝U﹣U额＝6V﹣4V＝2V， 滑动变阻器接入电路电阻为R中＝R1＝×10Ω＝5Ω，

此时通过灯泡电流为I额＝I中＝＝＝0.4A，

所以灯泡额定功率为P额＝U额I额＝4V×0.4A＝1.6W。选D。

7．（2019•临沂）如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I﹣U图象。闭合开关S后，下列判断正确的是（ ）

A．滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡变暗 B．电流表示数为0.4A时，灯泡的电阻是25Ω C．电压表示数为2.5V时，小灯泡的功率是1.25W D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是0.25W 【答案】D

【解析】A、由图可知，闭合开关S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，

滑片P向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P＝I2R可知

灯泡的实际功率增大，则灯泡变亮，故A错误；

B、由灯泡的I﹣U图象可知，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V， 由欧姆定律可得，灯的电阻： RL＝＝

＝2.5Ω，故B错误；

C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：UL′＝U﹣U滑′＝3V﹣2.5V＝0.5V，

由图象可知，灯的电压为0.5V时电流为0.3A，则小灯泡的功率： PL′＝UL′I′＝0.5V×0.3A＝0.15W，故C错误；

D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流为0.5A， 根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑＝U﹣UL额＝3V﹣2.5V＝0.5V， 此时滑动变阻器的功率：

P滑＝U滑I滑＝0.5V×0.5A＝0.25W，故D正确。选D。

8．（2019•重庆）具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（ ）

A．开关旋至“1”档，开启化霜功能

B．开启防雾功能，电路总电阻为5Ω

C．化霜与防雾电路的总功率之差为15W D．从防雾到除露，电路总电流变化1A 【答案】C

【解析】（1）当开关旋至“1”档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为2R＝2×10Ω＝20Ω，根据P＝此时电路中的电流I1＝

可知，此时电功率最小，开启防雾功能，故AB错误； ＝

＝0.5A；此时电路的总功率P1＝UI1＝10V×0.5A＝5W；

（2）当开关旋至“2”档时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能； 此时电路中的电流I2＝＝

＝1A；

从防雾到除露，电路总电流变化量为：I2﹣I1＝1A﹣0.5A＝0.5A，故D错误；

（3）当开关旋至“3”档时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为化霜功能，

电路的总电阻为R并＝R＝×10Ω＝5Ω， 电路的总电流为I3＝

＝

＝2A；

此时总功率为P3＝UI3＝10V×2A＝20W，

则化霜与防雾电路的总功率之差为P3﹣P1＝20W﹣5W＝15W，故C正确。选C。

9．（2019•常德）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断。某同学用试电笔测试如图的A、B、C、D四处，发现A、C、D这三处都能使试电笔的氖管发光，而B处不发光。那么可以判定故障是（ ）

A．火线和零线短路 C．电线BD段某处断路 【答案】C

【解析】AD、若火线和零线短路或电灯L短路，会造成电路中的电流过大、保险丝烧断，而题中保险丝没有熔断，故AD错误。

BC、测电笔接触A、C两处时氖管均发光，说明火线有电，且电线的AC段是完好的； 测电笔接触D处时氖管发光，说明灯泡是完好的；

而测电笔接触B处时氖管不发光，说明B点与火线是断开的，所以电线BD段某处断路，故B错误，C正确。选C。

10．（2019•恩施州）在家庭电路中，当空气开关跳闸，则可能的原因是（ ） ①插头中的两个线头相碰 ②开关中的两个线头相碰 ③电路中增加了大功率的用电器 ④户外输电线火线断了 A．①② 【答案】B

【解析】在家庭电路中，空气开关跳闸，说明干路电流过大，其原因有：电路中用电器的总功率过大，电路中发生短路故障；

B．①③

C．②③

D．③④

B．电线AC段某处断路 D．电灯L短路

①插头中的两个线头相碰，属于短路，会造成干路电流过大； ②开关中的两个线头相碰，相当于一直闭合开关，用电器一直工作； ③电路中增加了大功率的用电器，会造成干路电流过大； ④户外输电线火线断了，则电路是断开的，电路中无电流； 故①③能造成空气开关跳闸。选B。

11.（2019•呼伦贝尔）如图所示，在电磁铁上方用弹簧悬挂一根条形磁铁，闭合开关将变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，弹簧将（ ）

A．先伸长后缩短 C．静止不动 【答案】D

【解析】闭合开关S以后，运用右手螺旋定则判断通电螺线管上端是N极，它和条形磁铁的下端S极为异名磁极，相互吸引；

当从右向左滑动的过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大，电路中总电阻变大，由I＝可知通过螺线管的电流变小，因而通电螺线管的磁性减弱，它和条形磁铁S极之间的吸引力减小，弹簧会变短。选D。

12．（2019•常德）对下列各图的描述中，正确的是（ ）

B．逐渐伸长 D．逐渐缩短

A．甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动 B．乙图的实验表明磁可以生电

C．丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系

D．丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极 【答案】C

【解析】A、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表不会摆动，故A错误；

B、图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故B错误；

C、图中两电磁铁的电流相同，匝数不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；

D、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的a端为N极，故D错误。选C。

13．（2019•营口）如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（ ）

A． B．

C．【答案】D

D．

【解析】电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的； A、磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，故A不合题意； B、奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故B不合题意；

C、当导体在磁场中做切割磁感线运动时，检流计的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不合题意；

D、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意。选D。